Настоящая статья является продолжением статьи «Асимптомические разложения гамма-функции». В ней представлены формулы асимптотических разложений при z→∞ функции Ψ(z)=ψ(z+1)=(d/dz)LnΓ(z+1)
В формулах используются числа Бернулли B2k и полиномы Бернулли Bk (α).
Асимптотическое разложение функции Ψ(z)
a) Используются различные формы записи формулы асимптотического разложения функции Ψ(z):
Ψ(z)−lnz∼1/(2z)−1/(12⋅z2)+1/(120⋅z4)
−1/(252⋅z6)+1/(240⋅z8)−1/(132⋅z10)+691/(32760⋅z12)+...
(z→∞,∣argz∣<π),
Ψ(z)−lnz∼1/(2z)+k=1∑∞ (−1)k⋅(2k)−1⋅∣B2k ∣⋅z−2k
(z→∞,∣argz∣<π),
Ψ(z)−lnz=1/(2z)+k=1∑m−1 (−1)k⋅(2k)−1⋅∣B2k ∣⋅z−2k
+(−1)m⋅(2m)−1⋅∣B2m ∣⋅z−2m⋅ϱm′ (z),
Здесь ϱm′ (z) – некоторая функция, ограниченная при ∣argz∣<π; данная Функция представляет собой отношение m-го остатка асимптотического разложения функции Ψ(z) к m-му слагаемому этого разложения.
b) Оценка остатка асимптотического разложения
при Rez≥∣Imz∣ имеет место ∣ϱm′ (z)∣≤1.
Последнее условие, в частности, выполняется, если z действительно и положительно; при этом ϱm′ (z)≥0. В данном случае m-й остаток асимптотического разложения функции Ψ(z)−lnz по абсолютной величине меньше m-го слагаемого этого разложения и имеет тот же знак.
<<
Вывод данной формулы асимптотического разложения и оценку остатка разложения см. в приложении A.1.
>>
Модификация формулы асимптотического разложения функции Ψ(z)
Для любых значений ∣argz∣
Ψ(z)−lnz−T′(z)∼1/(2z)+k=1∑∞ (−1)k⋅(2k)−1⋅∣B2k ∣⋅z−2k
(z→∞),
где
T′(z)={0−π/tan(πz)−iνπ приRez>0, приRez<0,
где ν – параметр, определяемый условием
ln(−z)=lnz−iνπ;
при Imz =0 \ ν=sign(Imz).
Обобщения формулы асимптотического разложения функции Ψ(z)
a)Ψ(z−α)−lnz∼−k=1∑∞ k−1⋅Bk (α)⋅z−k;
\mbox{b) }
\Psi(z +\alpha -1) -\ln z \sim
-\sum_{k=1}^{\infty} (-1)^k \cdot k^{-1}\cdot B_k (\alpha)\cdot z^{-k}
(z→∞,∣argz∣<π).
Приложение A. Вывод формул и доказательства теорем
A.1. Асимптотическое разложение функции Ψ(z)
Здесь будут выведены формулы из п. 1.
Мы используем вспомогательные соотношения:
∫0∞ et−1t2m−1 dt=4m(2π)2m∣B2m ∣ ,
откуда следует
(A)∫0∞ e2πt−1t2m−1 dt=4m∣B2m ∣ ,
а также
(1+ξ)−1=k=0∑m−1 (−1)kξk+1+ξ(−ξ)m ,
откуда следует
(B)(z2+t2)−1=k=0∑m−1 (−1)kt2kz−2k−2+z2+t2(−1)mt2mz−2m .
Для решения нашей исходной задачи мы используем формулу
Ψ(z)−lnz−1/(2z)=−2∫0∞ t⋅(z2+t2)−1(e2πt−1)−1dt
(∣argz∣<2π/4).
Учитывая вспомогаельные соотношения (A) и (B), получаем
Ψ(z)−lnz−1/(2z)=k=1∑m−1 (−1)k⋅(2k)−1⋅∣B2k ∣⋅z−2k
+(−1)m⋅(2m)−1⋅∣B2m ∣⋅z−2m⋅ϱm′ (z),
где
ϱm′ (z)=∣B2m ∣4m ∫0∞ e2πt−1t2m−1 ⋅z2+t2z2 dt.
Если
∣∣∣∣ z2+t2z2 ∣∣∣∣ ≤A,
то ∣ϱm′ (z)∣≤A.
Таким образом, ∣ϱm′ (z)∣ не превышает верхней границы функции φ(t)=∣∣ z2/(z2+t2)∣∣ .
Пусть x=Rez и y=Imz.
Тогда
a) при ∣x∣≤∣y∣ имеет место ∣ϱm′ (z)∣≤φ(t)≤(x2+y2)/∣2xy∣;
b) при ∣x∣≥∣y∣ имеет место ∣ϱm′ (z)∣≤φ(t)≤1.
Здесь мы обосновали формулу асимптотического разложения и дали оценку остатка разложения для слишком ограниченной области значений z:
∣argz∣<2π/4−h, h>0.
Обобщение данного результата на более широкую область – ∣argz∣<π−h, h>0, можно найти в книге: Э.Т. Уиттекер, Дж.Н. Ватсон. Курс современного анализа. Часть вторая. Трансцендентные функции. – Государственное издательство физико-математической литературы; Москва, 1963; 500 с.
Нужна работа по низкой цене? У нас вы можете заказать статью по математике недорого!
Комментарии